TypeScript 类型挑战：实现 Pick

高质量的类型可以提高项目的可维护性并避免一些潜在的漏洞。

一些大厂在前端面试中也考察到了 TypeScript 高级类型的定义，本系列主要解答来自 Type Challenges 中的 TS 类型挑战问题，以此更好的了解 TS 的类型系统，编写自己的类型工具。

本系列持续更新，欢迎关注！下面来看一个难度为简单的题目：实现 Pick

题目描述

实现 TS 内置的 Pick<T, K>，但不可以使用它。

从类型 T 中选择出属性 K，构造成一个新的类型。

例如：

interface Todo {
  title: string
  description: string
  completed: boolean
}

type TodoPreview = MyPick<Todo, 'title' | 'completed'>

const todo: TodoPreview = {
  title: 'Clean room',
  completed: false,
}

题目解答

Pick<T, K> 类型用于从T类型中选择部分属性K来构造新的类型。

首先，我们需要遍历对象 T。那就要使用映射类型来遍历：

type MappedType<T> = {
  [Key in keyof T]: T[Key];
};

• keyof T用于从对象类型T中获取键值 key；
• in用于对对象键值key进行迭代；
• Key 就是对象键值 key 本身；
• T[Key]是指定 Key 的值；

然后，要想迭代获取对象的某个部分，就需要指定要迭代的key：

type MappedType<T, Keys> = {
  [Key in Keys]: T[Key];
};

但是，这样写就会有两个错误：

1. 不能将类型“Keys”分配给类型“string | number | symbol”。
2. 类型“Key”无法用于索引类型“T”。

这两个错误都与迭代规则有关：

1. key 可以是string、number、symbol；
2. 如果T中不存在Key，就不能调用T[Key]。

如果规则 2 成立，那么规则 1 一定是成立的，因为现有的 keys 是指定类型之一。为了迭代现有的 key，我们需要使用extends关键字进行约束。这样，如果指定不存在的 key，TypeScript 将抛出一个错误，如果T中不存在这个 key，就不能调用T[key]。

Pick的实现如下：

type MyPick<T, Keys extends keyof T> = {
  [Key in Keys]: T[Key];
};

Type Challenges：https://github.com/type-challenges/type-challenges

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